👍 +3 👎 |
Планиметрия, и непростоДАна прямоугольная трапеция ABCD, у которой боковая сторона АВ перпендикулярна основаниям. В трапецию вписана окружность. М — точка пересечения диагоналей. Найти радиус окружности, если площадь треугльника CMD равна S Знаю про то, что суммы противоположных сторон равны, и знаю ответ — корень из S. Но ничего дельного в голову не приходит
планиметрия геометрия математика обучение
Сергей
|
👍 +5 👎 |
Ответ можно было и не сообщать. Есть не совсем честный способ — "угадайка", когда фигура условиями задачи определяется не однозначно, но раз требуют ответ, значит, он не зависит от фигуры. У нас можно играть положением наклонной боковой стороны, в частности, ответ (предположительно) останется справедливым, если трапеция выродится в квадрат, а уж отсюда найти [m]S=R^2[/m] несложно.
Способ становится честным, если доказать, что при изменении фигуры величина S не изменится (но мы так поступать не будем). Вот начало честного решения. Проведите отрезок KMN через точку M параллельно основаниям (K лежит на AB, N — на CD). Пусть h=2R — высота трапеции. Полезно знать (или уметь доказать), что: 1) KM=MN (будем обозначать каждый из них за x); 2) [m]S_{CMD}=0,5 hx.[/m] Затем, приняв AD=a, BC=b, CD=c, из подобия некоторых треугольников выразите x через a и b. (*) Потом запишите в виде системы уравнений относительно a, b, c, h — общие свойства прямоугольной трапеции, плюс "то, про что Вы знаете", откуда выразите b через a и h, и подставьте в (*). Клянусь подножием трона Аллаха, всё должно сократиться, и получится изящное выражение x через h. Надеюсь, этого достаточно. В крайнем случае буду говорить "да, нет" в ответ на Ваши достижения. |
👍 +4 👎 |
Заодно Вы докажете следующее утверждение: в любой такой трапеции точка пересечения диагоналей лежит на высоте, проведённой через центр вписанной окружности.
|
👍 0 👎 |
Нельзя ли последнее утверждение доказать независимо?
А тогда из равенства площадей треугольников AMB и CMD, которое доказывается легко, сразу следует ответ задачи. |
👍 +3 👎 |
1) По теореме Пифагора (m+s)^2 = (m-s)^2 + (2r)^2
(контрольный вопрос: где здесь прямоугольный треугольник?); 4ms=4r^2, ms=r^2, то есть r — среднее геометрическое m и s. 2) Треугольники BMC и DMA подобны (лёгкое упражнение). 3) Из подобия треугольников BMC и DMA следует, что площади треугольников AMB и CMD равны (лёгкое упражнение). 4) Из точки M опускаем высоты на основания трапеции. Вопрос: какие ещё подобные треугольники появляются на рисунке? 5) Из подобия треугольников следует, что r' — среднее геометрическое m' и s' (лёгкое упражнение). 6) Из того, что r — среднее геометрическое m и s, а r' — среднее геометрическое m' и s', а, кроме того, . . . (вставить пропущенное), следует, что r'=r, m'=m, s'=s (небольшое упражнение). 7) Из того, что r'=r, следует, что площадь треугольника AMB равна r^2=S. |
👍 0 👎 |
Планиметрия, подготовка к ЕГЭ
|
👍 0 👎 |
Планиметрия, 9 класс
|
👍 0 👎 |
Планиметрия. Решение треугольников.
|
👍 0 👎 |
Помогите пожалуйста понимаю что нужно использовать подобие ,но не могу применить теорию к практике.
|
👍 +1 👎 |
Задача по планиметрии
|
👍 +1 👎 |
Планиметрия
|